我该如何解决这个问题？Warning:ini_set()[function.ini-set]:Asessionisactive.Youcannotchangethesessionmodule'sinisettingsatthistimeinC:\xampp\htdocs******.phponline3我已经尝试使用session_destroy();但我仍然遇到错误。谢谢。 最佳答案 在ini_set之后使用session_start();或在ini_set之前使用@符号:@ini_set
我是第一次使用codeigniter的分页类。其他一切都工作正常，但无论我要去哪个页面，事件链接始终是[1]并且它不会改变。此外，下一个按钮始终链接到第一页。想不通为什么!请帮忙!Controllerpublicfunctionunverified_images(){$data['title']='ChoosefromthebelowImagestoverifythem>>';$data['total_rows']=$this->admin_model->all_unverified_images();$config['base_url']=base_url().'index.php/
请帮忙。我正在使用服务器发送事件根据存储在数据库中的数据动态更新网站。我现在希望根据上一条消息中收到的数据将一个新参数('abc.php/?lastID=xxx')传回PHP脚本。我知道我可以使用event.close来停止当前的“流”，但我正在努力研究如何为每个新的EventSource使用相同的“EventListener”动态创建URL的位置有人能给我指出正确的方向吗？谢谢， 最佳答案 Ok花了一些时间来更好地掌握Javascript。varsource=newEventSource("xyz.php?last=0");sou
我有两个网页。一个是main.php，另一个是combo.php。combo.php包含一个下拉列表，我已将此页面包含在我的main.php中。我想做的是当有人在我的下拉列表中选择一个选项时，应该有一个警告框指示我选择的项目。主.php//someelements组合.php//someelementsAmericaEnglandIndiaJapan//someelements我无法对我的combo.php进行任何更改。onChange事件和脚本应该在我的main.php中。我不知道该怎么做，我什至不知道这是否可能。任何有关此事的帮助将不胜感激。谢谢。 最佳
如何使用代码点火器日志库。为此，我使用了log_message()函数。我想记录网站的每一个事件。 最佳答案 在谷歌中查看这个项目https://code.google.com/p/ci-usertracking/ 关于php-如何在codeigniter中记录用户事件，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/21086150/
经过数小时的尝试，我来这里询问。我想从发布的文本中删除所有出现的js事件属性和样式属性。它可能包含也可能不包含新行。发布示例文本:googleisasearchengine.Thereareotherenginestoo.yahooisanotherengine.第一次尝试:$pattern[0]='/(]+)on.*=".*?"/iU';$replace[0]='$1';$pattern[1]='/(]+)style=".*?"/iU';$replace[1]='$1';$out=preg_replace($pattern,$replace,$in);输出:yahooisanothe
我是Symfony的新手，正在关注theJobeettutorial.我有三个实体——工作、类别和用户。我有以下服务监听器。src/Ibw/JobeetBundle/Resources/config/services.ymlservices:ibw.jobeet.entity.job.container_aware:class:Ibw\JobeetBundle\Doctrine\Event\Listener\JobListenercalls:-[setContainer,["@service_container"]]tags:-{name:doctrine.event_listener
我有一个上传文件表单，当它被选中时我尝试上传文件，所以我尝试了这样的事情:form.submit()有效，但我当然需要在提交时做一些验证，所以我尝试运行一个函数:functionUploadFile(file){alert('Bleah');returnfalse;}在正常情况下它应该返回false，并且表单不应该重新加载页面，但这并没有发生。如果我在表单中添加提交输入，它会按预期工作:谁能解释一下我哪里出了问题？ 最佳答案 试试这个:functionUploadFile(file){if(file.value===''){aler
我有三个页面:test.php、script.js和main.php。Main.php使用html5拖放以及来自script.js的简单ajax脚本，以努力发布到并激活test.php。(旁注，我希望main.php将作为POST变量传递。经过几个小时的研究和一百次左右的测试和修订后，我无法弄清楚为什么我无法通过ondrop触发帖子。任何建议将不胜感激。这是我的代码:test.php(包含一个简单的php脚本，加载时会将通用记录插入我的数据库)脚本.jsfunctiondrop(id,event){$.ajax({url:"test.php",type:"POST",data:{id:
我如何为ajax请求创建的元素上的.click()事件运行jquery函数？对于普通元素，它可以工作，但我想对由ajax请求创建的元素执行此操作。而且它不起作用......$(".links").click(function(){alert("aaaa");})aclass="links">1我也尝试过使用“链接”作为id。我需要它用于分页系统。请帮忙:( 最佳答案 在将新元素插入DOM后，您需要再次运行代码以绑定(bind)点击事件处理程序。或者，您可能想使用.live(). 关于ph
